山東師范大學附屬中學2011級高三第三次模擬考試。物 理 試 題2013年12月本試卷分第I卷和第II卷兩部分，滿分100分�？荚囉脮r90分鐘。答題前，考生務必用0．5毫米黑色簽字筆將自己的姓名、座號、考生號填寫在答題紙和答題卡規定的位置�？荚嚱Y束后，將答題紙和答題卡一并交回。 第I卷(共50分)注意事項：1．第I卷共15小題。2．每小題選出答案后，用2B鉛筆把答題卡上對應題目的答案標號涂黑。如需改動，用橡皮擦干凈以后，再選涂其他答案標號。若不涂在答題卡上，只答在試卷上不得分。一、選擇題(本題包括10小題，每小題給出四個選項中，只有一個選項正確，每題3分)1．我國“蛟龍號”深潛器進行下潛試驗，從水面開始豎直下潛，最后返回水面，速度圖象如圖所示，則有A．本次下潛的最大深度為6mB．全過程中的最大加速度為0．025m／s2C．超重現象發生在3～4min和6～8min的時間段D．0～4min和6～10min兩時間段平均速度相同【答案】圖象與坐標圍成的面積表示位移，則最大深度為：S=×(120+240)×2m＝360m，故A錯誤；第一秒內加速度最大，a= m/s2＝0.033m/s2，故B錯誤；3-4min和6-8min的時間段加速度方向向上，處于超重狀態，故C正確；0-4min內的平均速度為 m/s＝1.5m/s，6～l0min平均速度為： m/s＝1.5m/s，故D．A．滑塊一定受到三個力作用B．彈簧一定處于壓縮狀態C．斜面對滑塊的支持力大小可能為零D．斜面對滑塊的摩擦力大小一定等于mg【答案】彈簧與豎直方向的夾角為30°，所以彈簧的方向垂直于斜面，因為彈簧的形變情況未知，所以斜面與滑塊之間的彈力大小不確定，所以滑塊可能只受重力、斜面支持力和靜摩擦力三個力的作用而平衡，此時彈簧彈力為零，處于原長狀態，AB錯誤；由于滑塊此時受到的摩擦力大小等于重力沿斜面向下的分力（等于mg），不可能為零，所以斜面對滑塊的支持力不可能為零，C錯誤；D正確．A．關閉發動機后，雪橇的加速度為-2 m／S2B．雪橇停止前30s內通過的位移是150 mC．雪橇與水平冰面間的動摩擦因數約為0．03D．雪橇勻速運動過程中發動機的功率為5×103W【答案】關閉發動機后，雪橇的加速度為a= m/s2=-0.5m/s2故A錯誤．雪橇停止前30s內通過的位移是=×(30+10)×10=200 m，故B錯誤．關閉發動機后，a==0.5m/s2，解得：μ=0.05，故C錯誤；雪橇勻速運動過程中發動機的功率為P=Fv=μmgv=5×103?W，故D正確．4．如圖所示，在豎直平面內有一個半徑為R，粗細不計的圓管軌道．半徑OA水平、OB豎直，一個質量為m的小球自A正上方P點由靜止開始自由下落，小球恰能沿管道到達最高點B，已知AP=2R，重力加速度為g，則小球從P到B的運動過程中A．重力做功2mgRB．機械能減少mgRC．合外力做功mgRD．克服摩擦力做功mgR【答案】重力做功與路徑無關，只與初末位置高度差有關，故WG=mgR，故A錯誤；小球恰能沿管道到達最高點B，得到B點速度為零故小球從P到B的運動過程中，動能增加量為零重力勢能減小量為mgR故機械能減少量為mgR故B正確；小球從P到B的運動過程中，合外力做功等于動能的增加量，為零，故C錯誤；由B選項分析得到機械能減小量為mgR，而機械能減小量等于克服摩擦力做的功，故克服摩擦力做功為mgR，故D錯誤．【答案】萬有引力提供向心力，有得：a＝，“神舟八號”與“天宮一號”的加速度大小相等，由于“神舟號”與“天宮一號”的質量不清楚，所以“神舟號”與“天宮一號”受到地球的吸引力大小關系不確定，故A錯誤； 可知“神舟十號”由初始橢圓軌道變為最終的圓形軌道時周期變長 ，得：v＝，“天宮一號”的軌道半徑小于同步軌道衛星的軌道半徑，“天宮一號”的速度比地球同步衛星速度飛船加速后會做離心運動，軌道高度將會更高，故神舟號應該在較低軌道加速增的。關于b點電場強度E的方向，下列圖示中可能正確的是(虛線是曲線在b點的切線)【答案】電荷做曲線運動，電場力與速度方向不在同一直線上，應指向軌跡彎曲的內側，不可能沿軌跡的切線方向，則場強也不可能沿軌跡的切線方向故A錯誤．負電荷所受的電場力方向與場強方向相反，圖中電場力方向與速度方向的夾角為銳角，電場力做正功，電荷的速率增大，與題相符故B正確．圖中場強方向指向軌跡的內側，則電場力指向軌跡的外側，電荷的軌跡應向上彎曲，不可能沿如圖的軌跡運動故C錯誤．圖中場強方向指向軌跡的外側，則電場力指向軌跡的內側，而且電場力方向與電荷的速度方向成鈍角，電場力做負功，電荷的速率減小，不符合題意．故D錯誤．7.如圖所示，一平行板電容器充電后與電源斷開，負極板接地，在兩極板間有一正電荷(電荷量很小)固定在P點．以E表示兩極板間的場強，U表示電容器的電壓，Ep表示正電荷在P點的電勢能．若保持負極板不動，將正極板移到圖中虛線所示位置，則A．U變小，Ep不變 B．E變大,Ep不變C．U變大，Ep不變 D．U不變，Ep不變【答案】平行板電容器充電后與電源斷開，電量不變將正極板移到圖中虛線所示的位置時，d減小，根據C=知，電容增大，根據U=，電勢差減小．E=，知電場強度不變．則P與負極板間的電勢差不變，P點的電勢不變，正電荷在P點的電勢能不變故正確．【答案】設地磁場磁感應強度為B地，當通過電流為I，根據題意可知：地磁場、電流形成磁場、合磁場之間的關系為：當夾角為30°時，有：B1=kI=B地tan30° 當夾角為60°時，有：B2=kI1=B地tan60° 由解得：I1=3I，故B正確．【答案】當向b滑動時，R接入電阻增大，總電阻增大由閉合電路的歐姆定律可知電路中總電流減小，則內電壓減小，由U=E-Ir可知路端電壓增大，即電壓表示數增大；因路端電壓增大，R1兩端的電壓減小，故并聯部分電壓增大，由歐姆定律可知電流表示數增大故正確A．液漓帶正電荷B．液滴的動能不變、C．液滴做勻速直線運動D．液滴的電勢能減少【答案】由可知，帶電液滴只受重力和電場力作用，兩個力都是恒力，其合力沿bd方向，則電場力必定水平向右，做勻加速直線運動合力做正功，據動能定理知，動能增大電場力做正功，電勢能減少，故D正確．【答案】A．小物塊在傾斜軌道上運動時，下滑的加速度比上滑的加速度小B．當小物塊壓縮彈簧到最短時，物塊的重力勢能完全轉化為彈簧的彈性勢能C．小物塊返回傾斜軌道時所能達到的最大高度為D．小物塊在往返運動的整個過程中損失的機械能為mgh 【答案】小物塊在傾斜軌道上運動時，下滑的加速度，上滑的加速度，故A正確；由于在傾斜軌道上運動時要克服摩擦力做功，所以當小物塊壓縮彈簧到最短時，物塊的重力勢能轉化為彈簧的彈性勢能由動能定理得mgh-μmgcosθ?=mv2，水平道，機械能守恒定律得mv2＝Ep設能夠上升最大高度h1，由動能定理得-mgh1-μmgcosθ?=0-mv2解得：h1＝小物塊在往返運動的整個過程中損失的機械能為mghA．該粉塵顆粒帶負電B．該粉塵顆粒運動的加速度逐漸變小C．該粉塵顆粒的電勢能逐漸變小D．有一些粉塵顆粒的運動軌跡會和電場線重合 【答案】A．發電導管的內阻r=B.流過電阻R的電流方向為C.發電導管產生的電動勢為BdvD.電阻R消耗的電功率為【答案】運動的電離氣體，受到磁場的作用，將產生大小不變的電動勢，相當于電源，其內阻為r=，故A正確；根據左手定則，正電荷受到的洛倫茲力方向向上，負電荷受到的洛倫茲力向下，故電流向上經過電源，向下經過電阻，故B錯誤；根據平衡有：qvB=q，解得電源的電動勢E=Bdv，故C正確；由于氣體有電阻，故R的功率于，故D錯誤1，根據以上信息可得到A月球的密度 B.月球的半徑 C．飛船的質量 D．飛船在月球表面附近繞月球做勻速圓周運動的速度【答案】設月球的半徑為R，月球的質量為M，g= ① ②宇航員測出飛船繞行n圈所用的時間為t，T=由式得RM，故A、B正確；根據ρ=可以求得密度，根據萬有引力提供向心力，列出等式中消去飛船的質量，所以無法求出飛船的質量，故C錯誤根據v=可以求得表面附近繞月球做勻速圓周運動的速度，故D正確故選ABD．16．(1)有一段橫截面是圓形的金屬絲，螺旋測微器測量它的直徑如圖所示，螺旋測微器的讀數為________mm。(2)該同學用多用電表測量其電阻阻值約為5 Ω，現用伏安法進一步精確測量其電阻，備有以下器材：直流電源E：電動勢約4．5V，內阻很��；直流電流表Al：量程0~3A，內阻約0．025Ω直流電流表A2：量程0~0．6A，內阻約0．125Ω：直流電壓表V：量程0~3V，內阻約3kΩ;滑動變阻器Rl：最大阻值50Ω；電鍵、導線若干。①在可選擇的器材中應選用的電流表是_______。(填A1或A2)②僅從實驗原理上看實驗電路電阻的測量值________真實值。(填“大于”、“小于”、“等于”)③請在答題紙的虛線框內畫出實驗電路圖�！敬鸢浮柯菪郎y微器的固定刻度讀數為mm，可動刻度讀數為0.01×mm=0.000mm，所以最終讀數為：mm（2）①當電源電壓全部加在電阻上時，產生電流為0.9A，若使用A1，則偏移量不到，誤差較大，故選A2?待測電阻阻值較小，所以需用電流表外接，實際測量值等于電阻與電壓表并聯之后的值，比實際值偏小電流表外接，限流式分壓式皆可，如圖：(3)長木板至少為多長，才能保證小物塊不滑出長木板? 【答案】（1）物塊做平拋運動：H-h=gt2設到達C點時豎直分速度為vy則：vy=gtv1＝＝v0=5m/s方向與水平面的夾角為θtanθ==，即θ=37°（2）從A至C點，由動能定理得mgH= 設C點受到的支持力為FN，則有FN-mg=由式可得v2=2m/s所以：FN=47.3?N根據牛頓第三定律可知，物塊m對圓弧軌道C點的壓力大小為47.3N（3）由題意可知小物塊m對長木板的摩擦力f=μ1mg=5N?長木板與地面間的最大靜摩擦力近似等于滑動摩擦力f′=μ2（M+m）g=10N?因f＜f′，所以小物塊在長木板上滑動時，長木板靜止不動小物塊在長木板上做勻減速運動，至長木板右端時速度剛好為0則長木板長度至少為l==2.8m 18．如圖所示，在xOy坐標平面的第一象限內存在一沿y軸正方向的勻強電場，在第四象限內存在一垂直于xOy平面向里【名師解析】山東省山師附中2014屆高三第三次模擬考試 物理
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